Minimum-Light-Radius

题目地址（796. Minimum Light Radius）

https://binarysearch.com/problems/Minimum-Light-Radius

题目描述

You are given a list of integers nums representing coordinates of houses on a 1-dimensional line. You have 3 street lights that you can put anywhere on the coordinate line and a light at coordinate x lights up houses in [x - r, x + r], inclusive. Return the smallest r required such that we can place the 3 lights and all the houses are lit up.

Constraints

n ≤ 100,000 where n is the length of nums
Example 1
Input
nums = [3, 4, 5, 6]
Output
0.5
Explanation
If we place the lamps on 3.5, 4.5 and 5.5 then with r = 0.5 we can light up all 4 houses.

前置知识

• 排序

• 二分法

二分法

思路

本题和力扣 475. 供暖器 类似。

这道题含义是给你一个数组 nums，让你在 [min(nums),max(nums)] 范围内放置 3 个灯，每个灯覆盖范围都是 r，让你求最小的 r。

之所以不选择小于 min(nums) 的位置和大于 max(nums) 的位置是因为没有必要。比如选取了小于 min(nums) 的位置 pos，那么选取 pos 一定不比选择 min(nums) 位置好。

这道题的核心点还是一样的思维模型，即：

• 确定 r 的上下界，这里 r 的下界是 0 上界是 max(nums) - min(nums)。

• 对于上下界之间的所有可能 x 进行枚举（不妨从小到大枚举），检查半径为 x 是否可以覆盖所有，返回第一个可以覆盖所有的 x 即可。

注意到我们是在一个有序序列进行枚举，因此使用二分就应该想到。可使用二分的核心点在于：如果 x 不行，那么小于 x 的所有半径都必然不行。

接下来的问题就是给定一个半径 x，判断其是否可覆盖所有的房子。

这其实就是我们讲义中提到的能力检测二分，我定义的函数 possible 就是能力检测。

首先对 nums 进行排序，这在后面会用到。 然后从左开始模拟放置灯。先在 nums[0] + r 处放置一个灯，其可以覆盖 [0, 2 r]。由于 nums 已经排好序了，那么这个等可以覆盖到的房间其实就是 nums 中坐标小于等于 2 \ r 所有房间，使用二分查找即可。对于 nums 右侧的所有的房间我们需要继续放置灯，采用同样的方式即可。

能力检测核心代码：

def possible(diameter):
    start = nums[0]
    end = start + diameter
    for i in range(LIGHTS):
        idx = bisect_right(nums, end)
        if idx >= N:
            return True
        start = nums[idx]
        end = start + diameter
    return False

由于我们想要找到满足条件的最小值，因此可直接套用最左二分模板。

代码

代码支持：Python3

Python3 Code:

class Solution:
    def solve(self, nums):
        nums.sort()
        N = len(nums)
        if N <= 3:
            return 0
        LIGHTS = 3
        # 这里使用的是直径，因此最终返回需要除以 2
        def possible(diameter):
            start = nums[0]
            end = start + diameter
            for i in range(LIGHTS):
                idx = bisect_right(nums, end)
                if idx >= N:
                    return True
                start = nums[idx]
                end = start + diameter
            return False

        l, r = 0, nums[-1] - nums[0]
        while l <= r:
            mid = (l + r) // 2
            if possible(mid):
                r = mid - 1
            else:
                l = mid + 1
        return l / 2

复杂度分析

令 n 为数组长度。

• 时间复杂度：由于进行了排序， 因此时间复杂度大约是 $O(nlogn)$

• 空间复杂度：取决于排序的空间消耗

力扣的小伙伴可以关注我，这样就会第一时间收到我的动态啦~

以上就是本文的全部内容了。大家对此有何看法，欢迎给我留言，我有时间都会一一查看回答。更多算法套路可以访问我的 LeetCode 题解仓库：https://github.com/azl397985856/leetcode 。 目前已经 40K star 啦。大家也可以关注我的公众号《力扣加加》带你啃下算法这块硬骨头。